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Semifinale 2007 es. 17/18
24/02/2018 18:07 #321
da nando
Risposta da nando al topic Semifinale 2007 es. 17/18
17. UN QUADRO ASTRATTO
Con una omotetia che non modifica i rapporti tra la figura originaria e la figura modificata, possiamo lavorare come se il triangolo fosse rettangolo
Prendiamo come unità di misura il lato del quadrato. Allora l’area del quadrato misura 1 e l ‘area del triangolo misura 49/12. Indichiamo con x il segmento AD e con x+1 il segmento AB. I triangoli ABC e ADE sono simili, allora BC=(x+1)/x.
Impostiamo l’equazione che risulta dal calcolo dell’area del triangolo ABC:
(x+1)2/2x=49/12 che risolta fornisce le due soluzioni reciproche x=6 e x=1/6.
Con x=6 risulta: AB=7 quindi il rapporto AD/AB (uguale al rapporto richiesto dal problema) è 6/7;
Con x=1/6 risulta: AB=7/6 quindi il rapporto AD/AB (uguale al rapporto richiesto dal problema) è 1/7.
18 UN’ANTICA FAMIGLIA
Con tre esempi possiamo verificare che il numero il numero R delle regioni interne, il numero S degli steccati ed il numero P dei picchetti sono legati dalla relazione:
R = S-P+1 (teorema di Eulero).
In un triangolo:
S=3 P=3 R=1
in un quadrilatero nel quale è disegnata una diagonale:
S=5 P=4 R=2
In un quadrilatero:
S=4 P=4 R=1
Il terzo esempio non rispetta le condizioni poste dal testo del problema perché si potrebbe porre un nuovo steccato in diagonale.
Sia n il numero di steccati per palo, x il numero di pali; il numero di steccati è nx/2 (ogni steccato congiunge due pali). Il numero di regioni, calcolato mediante il teorema di Eulero, è
R = nx/2-x+1
D’altra parte, tutti gli steccati interni dividono due proprietà, i tre esterni sono lati di una sola proprietà. Sottraendo 3 al doppio del numero degli steccati e dividendo il resto per 3 (ogni regione è un triangolo) si ottiene in modo diverso il numero delle regioni:
R = (nx-3)/3
Uguagliando le due espressioni che danno R si ricava
x = 12/(6-n) e quindi R = (5n-6)/(6-n).
L’unica soluzione maggiore di 10 è 19 (si ottiene con n = 5), pertanto il numero di figli maschi è 9.
Per provare che è possibile effettivamente disporre pali e steccati in tale modo, basta costruire il cosiddetto “grafo dell’icosaedro”.
Con una omotetia che non modifica i rapporti tra la figura originaria e la figura modificata, possiamo lavorare come se il triangolo fosse rettangolo
Prendiamo come unità di misura il lato del quadrato. Allora l’area del quadrato misura 1 e l ‘area del triangolo misura 49/12. Indichiamo con x il segmento AD e con x+1 il segmento AB. I triangoli ABC e ADE sono simili, allora BC=(x+1)/x.
Impostiamo l’equazione che risulta dal calcolo dell’area del triangolo ABC:
(x+1)2/2x=49/12 che risolta fornisce le due soluzioni reciproche x=6 e x=1/6.
Con x=6 risulta: AB=7 quindi il rapporto AD/AB (uguale al rapporto richiesto dal problema) è 6/7;
Con x=1/6 risulta: AB=7/6 quindi il rapporto AD/AB (uguale al rapporto richiesto dal problema) è 1/7.
18 UN’ANTICA FAMIGLIA
Con tre esempi possiamo verificare che il numero il numero R delle regioni interne, il numero S degli steccati ed il numero P dei picchetti sono legati dalla relazione:
R = S-P+1 (teorema di Eulero).
In un triangolo:
S=3 P=3 R=1
in un quadrilatero nel quale è disegnata una diagonale:
S=5 P=4 R=2
In un quadrilatero:
S=4 P=4 R=1
Il terzo esempio non rispetta le condizioni poste dal testo del problema perché si potrebbe porre un nuovo steccato in diagonale.
Sia n il numero di steccati per palo, x il numero di pali; il numero di steccati è nx/2 (ogni steccato congiunge due pali). Il numero di regioni, calcolato mediante il teorema di Eulero, è
R = nx/2-x+1
D’altra parte, tutti gli steccati interni dividono due proprietà, i tre esterni sono lati di una sola proprietà. Sottraendo 3 al doppio del numero degli steccati e dividendo il resto per 3 (ogni regione è un triangolo) si ottiene in modo diverso il numero delle regioni:
R = (nx-3)/3
Uguagliando le due espressioni che danno R si ricava
x = 12/(6-n) e quindi R = (5n-6)/(6-n).
L’unica soluzione maggiore di 10 è 19 (si ottiene con n = 5), pertanto il numero di figli maschi è 9.
Per provare che è possibile effettivamente disporre pali e steccati in tale modo, basta costruire il cosiddetto “grafo dell’icosaedro”.
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05/03/2018 23:17 #326
da FAN
Risposta da FAN al topic Semifinale 2007 es. 17/18
Ok grazie, il 17 l'ho risolto (un po' a fatica) con entrambi i metodi. Presto ritenterò il 18.
Ora ho un nuovo problema che mi turba, n.10 della semifinale 2003: "Su un disco, diviso in sei
settori, sono disposte 21
pedine (come in figura).
Una mossa consiste nello
scegliere (esattamente)
due pedine qualsiasi sul
disco e spostare entrambe
dal settore dove sono
situate a uno dei due
settori vicini.
Quante mosse saranno necessarie, al minimo,
perché tutte le pedine siano nello stesso settore?" Ci sono 6 pedine nel settore 1, 4 nel 2, 4 nel 3, 1 nel 4, 4 nel 5 e 2 nel 6. La soluzione ufficiale è 14, ma a me viene in 13 mosse. Per me il settore più conveniente è l'1 che "costa" 25 spostamenti; con 2 spostamenti a mossa 13 mosse sono sufficienti.
Che ne pensate?
Grazie
Ora ho un nuovo problema che mi turba, n.10 della semifinale 2003: "Su un disco, diviso in sei
settori, sono disposte 21
pedine (come in figura).
Una mossa consiste nello
scegliere (esattamente)
due pedine qualsiasi sul
disco e spostare entrambe
dal settore dove sono
situate a uno dei due
settori vicini.
Quante mosse saranno necessarie, al minimo,
perché tutte le pedine siano nello stesso settore?" Ci sono 6 pedine nel settore 1, 4 nel 2, 4 nel 3, 1 nel 4, 4 nel 5 e 2 nel 6. La soluzione ufficiale è 14, ma a me viene in 13 mosse. Per me il settore più conveniente è l'1 che "costa" 25 spostamenti; con 2 spostamenti a mossa 13 mosse sono sufficienti.
Che ne pensate?
Grazie
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06/03/2018 11:56 #327
da nando
Risposta da nando al topic Semifinale 2007 es. 17/18
Il numero di spostamenti deve essere un numero pari (per ogni mossa si fanno 2 spostamenti). Con 28 spostamenti ( 14 mosse) si portano tutte le pedine nella casella numero 2.
Nando
Nando
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06/03/2018 16:02 #328
da FAN
Risposta da FAN al topic Semifinale 2007 es. 17/18
Ciao Nando!
Non sono d'accordo, o quantomeno non capisco.
Il fatto che ogni mossa comporti 2 spostamenti non significa che il numero di mosse debba essere pari.
Intanto con 25 spostamenti è possibile portare tutte le pedine nel settore 1, il che è meno dispendioso di 28 spostamenti per portarle nel settore 2.
Spostando, anche subito, la pedina singola dal settore 4 al settore 3, è poi possibile proseguire spostando ogni volta 2 pedine verso il settore 1 e chiudere con 13 mosse.
Esempio:
Mossa 1: 2 pedine da 6 (ne restano 0) a 1 (diventano ; Mossa 2: 2 pedine da 5 (ne restano 2) a 6 (diventano 2);
Mossa 3: 2 pedine da 5 (ne restano 0) a 6 (diventano 4); Mossa 4: 2 pedine da 6 (ne restano 2) a 1 (diventano 10);
Mossa 5: 2 pedine da 6 (ne restano 0) a 1 (diventano 12); Mossa 6: 1 pedina da 4 (ne restano 0) a 3 (diventano temporaneamente 5) e poi 1 da 3 (ne restano 4) a 2 (diventano 5);
Mossa 7: 2 pedine da 3 (ne restano 2) a 2 (diventano 7); Mossa 8: 2 pedine da 3 (ne restano 0) a 2 (diventano 9);
Mossa 9: 2 pedine da 2 (ne restano 7) a 1 (diventano 14); Mossa 10: 2 pedine da 2 (ne restano 5) a 1 (diventano 16);
Mossa 11: 2 pedine da 2 (ne restano 3) a 1 (diventano 18); Mossa 12: 2 pedine da 2 (ne resta 1) a 1 (diventano 20);
Mossa 13: 1 pedina da 2 (ne restano 0) a 1 (diventano 21)
Dov'è il baco???
Non sono d'accordo, o quantomeno non capisco.
Il fatto che ogni mossa comporti 2 spostamenti non significa che il numero di mosse debba essere pari.
Intanto con 25 spostamenti è possibile portare tutte le pedine nel settore 1, il che è meno dispendioso di 28 spostamenti per portarle nel settore 2.
Spostando, anche subito, la pedina singola dal settore 4 al settore 3, è poi possibile proseguire spostando ogni volta 2 pedine verso il settore 1 e chiudere con 13 mosse.
Esempio:
Mossa 1: 2 pedine da 6 (ne restano 0) a 1 (diventano ; Mossa 2: 2 pedine da 5 (ne restano 2) a 6 (diventano 2);
Mossa 3: 2 pedine da 5 (ne restano 0) a 6 (diventano 4); Mossa 4: 2 pedine da 6 (ne restano 2) a 1 (diventano 10);
Mossa 5: 2 pedine da 6 (ne restano 0) a 1 (diventano 12); Mossa 6: 1 pedina da 4 (ne restano 0) a 3 (diventano temporaneamente 5) e poi 1 da 3 (ne restano 4) a 2 (diventano 5);
Mossa 7: 2 pedine da 3 (ne restano 2) a 2 (diventano 7); Mossa 8: 2 pedine da 3 (ne restano 0) a 2 (diventano 9);
Mossa 9: 2 pedine da 2 (ne restano 7) a 1 (diventano 14); Mossa 10: 2 pedine da 2 (ne restano 5) a 1 (diventano 16);
Mossa 11: 2 pedine da 2 (ne restano 3) a 1 (diventano 18); Mossa 12: 2 pedine da 2 (ne resta 1) a 1 (diventano 20);
Mossa 13: 1 pedina da 2 (ne restano 0) a 1 (diventano 21)
Dov'è il baco???
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11/03/2018 00:08 #329
da Gabri
Risposta da Gabri al topic Semifinale 2007 es. 17/18
La mossa 13 non è una mossa valida perché devi muovere esattamente due pedine per volta e non una
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11/03/2018 10:50 #330
da FAN
Risposta da FAN al topic Semifinale 2007 es. 17/18
Ah ok, grazie.
Non mi era così chiara questa regola, ma evidentemente è così.
Pensavo di poter muovere contemporaneamente o successivamente due pedine anche di due caselle diverse.
Ultima settimana di lavori prima delle semifinali....
Non mi era così chiara questa regola, ma evidentemente è così.
Pensavo di poter muovere contemporaneamente o successivamente due pedine anche di due caselle diverse.
Ultima settimana di lavori prima delle semifinali....
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